北京市顺义区高三第二次统练(二模)数学理试卷
高中数学考试
考试时间:
分钟
满分:
95 分
*注意事项:
1、填写答题卡的内容用2B铅笔填写 2、提前 xx 分钟收取答题卡
第Ⅰ卷 客观题
第Ⅰ卷的注释
一、选择题(共8题,共40分)
1、 已知点.若曲线上存在两点,使为正三角形,则称为“正三角形”曲线.给定下列三条曲线: ①;②;③. 其中,“正三角形”曲线的个数是 A. 0 B. 1 C. 2 D. 3 2、 已知是正△的中心.若,其中,,则的值为 A. B. C. D. 2 3、 若,则的大小关系为 A. B. C. D. 4、 已知直线,其中在平面内.则“”是“”的 A. 充分而不必要条件 B. 必要而不充分条件 C. 充要条件 D. 既不充分也不必要条件 5、 某三棱锥的三视图如图所示,则该三棱锥的体积是 A. B. C. D. 16 6、 执行如图所示的程序框图,输出的值为 A. 2 B. 3 C. 4 D. 5 7、 若满足则的最大值为 A. 1 B. 3 C. 4 D. 8、 设集合,,则 A. B. C. D.
二、填空题(共5题,共25分)
9、 在平面直角坐标系中,角与角均以为始边,他们的终边关于轴对称,若,则=__. 10、 曲线为参数)的对称中心到直线的距离为_______. 11、 设双曲线经过点(4,1),且与具有相同渐近线,则的方程为________________;渐近线方程为__________________. 12、 已知为等差数列,为其前项和,若,则_______. 13、 若,则x=__.
三、解答题(共6题,共30分)
14、 已知数列.如果数列满足,,其中,则称为的“陪伴数列”. (Ⅰ)写出数列的“陪伴数列”; (Ⅱ)若的“陪伴数列”是.试证明:成等差数列. (Ⅲ)若为偶数,且的“陪伴数列”是,证明:. 15、 已知椭圆的左焦点为,左顶点为,离心率为,点满足条件. (Ⅰ)求实数的值; (Ⅱ)设过点的直线与椭圆交于两点,记和的面积分别为,证明:. 16、 已知函数,其中. (Ⅰ)当时,求曲线在点处的切线方程; (Ⅱ)若不等式在定义域内恒成立,求实数的取值范围. 17、 如图,在正三棱柱中,侧棱长和底面边长均为1,是的中点. (Ⅰ)求证:∥平面; (Ⅱ)求与平面 所成角的正弦值; (Ⅲ)试问线段上是否存在点,使?若存在,求 的值,若不存在,说明理由. 18、 2018年2月25日第23届冬季奥运会在韩国平昌闭幕,中国以1金6银2铜的成绩结束本次冬奥会的征程.某校体育爱好者协会在高三年级某班进行了“本届冬奥会中国队表现”的满意度调查(结果只有“满意”和“不满意”两种),按分层抽样从被调查的学生中随机抽取了11人,具体的调查结果如下表:
(Ⅰ)若该班女生人数比男生人数多4人,求该班男生人数和女生人数 (Ⅱ)在该班全体学生中随机抽取一名学生,由以上统计数据估计该生持满意态度的概率; (Ⅲ)若从该班调查对象中随机选取2人进行追踪调查,记选中的2人中对“本届冬奥会中国队表现”满意的人数为,求随机变量的分布列及其数学期望. 19、 在中,内角所对的边分别为.已知,,的面积为9. (Ⅰ)求的值; (Ⅱ)求及的值. |
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北京市顺义区高三第二次统练(二模)数学理试卷
1、
已知点.若曲线上存在两点,使为正三角形,则称为“正三角形”曲线.给定下列三条曲线:
①;②;③.
其中,“正三角形”曲线的个数是
A. 0 B. 1 C. 2 D. 3
C
①因为点不在直线上,直线与坐标轴的交点坐标为,此时.因为 所以存在两点 ,使为正三角形,所以①是“正三角形”型曲线.
②得,图形是第三象限内的四分之一圆弧,曲线线与坐标轴的交点坐标为
,此时弧长 ,最长的弦长为
如图可知三角形AMN不可能是正三角形,所以②不是“正三角形”型曲线.
③利用数形结合思想,以为圆心,做一个顶角是,由图象可知当圆与曲线相交时,则存在,使使为正三角形,所以③为“正三角形”型曲线.
故选C.
2、
已知是正△的中心.若,其中,,则的值为
A. B. C. D. 2
C
由题是正△的中心,延长交与 则
即
故选C.
3、
若,则的大小关系为
A. B. C. D.
C
选C.
4、
已知直线,其中在平面内.则“”是“”的
A. 充分而不必要条件 B. 必要而不充分条件
C. 充要条件 D. 既不充分也不必要条件
B
由在平面内. “”不能得到“”,反过来由“”
可以得到“”,故“”是“”的必要而不充分条件.
故选B.
5、
某三棱锥的三视图如图所示,则该三棱锥的体积是
A. B. C. D. 16
B
由三视图还原原几何体如图,
该三棱锥底面是等腰三角形,底边长为4,底边上的高为4,三棱锥的高为2.
故选B.
6、
执行如图所示的程序框图,输出的值为
A. 2 B. 3 C. 4 D. 5
D
模拟程序的运行,可得 ;
不满足条件 ,执行循环体, ;
不满足条件,执行循环体, ;
此时,满足条件 ,退出循环,输出k的值为4.
故选A.
7、
若满足则的最大值为
A. 1 B. 3 C. 4 D.
D
根据题意,画出可行域如图所示,则当目标函数经过点 时取得最大值,最大值为
故选D.
8、
设集合,,则
A. B. C. D.
A
故选A.
9、
在平面直角坐标系中,角与角均以为始边,他们的终边关于轴对称,若,则=__.
角与角均以为始边,它们的终边关于轴对称
故答案为: .
10、
曲线为参数)的对称中心到直线的距离为_______.
曲线为参数)表示以为圆心,以1 为半径的圆,圆心即为对称中心,则圆心到直线的距离为
即答案为.
11、
设双曲线经过点(4,1),且与具有相同渐近线,则的方程为________________;渐近线方程为__________________.
与具有相同渐近线的双曲线方程可设为
∵双曲线经过点(4,1),
即双曲线方程为
即对应的渐近线方程为,
故答案为(1). (2).
12、
已知为等差数列,为其前项和,若,则_______.
18
∵为等差数列,为其前项和,若,
故选:A.
即答案为18.
13、
若,则x=__.
1
即答案为1.
14、
已知数列.如果数列满足,,其中,则称为的“陪伴数列”.
(Ⅰ)写出数列的“陪伴数列”;
(Ⅱ)若的“陪伴数列”是.试证明:成等差数列.
(Ⅲ)若为偶数,且的“陪伴数列”是,证明:.
(1)见解析;(2)见解析;(3)见解析.
试题分析:(Ⅰ)由“陪伴数列”的定义易得:.
(Ⅱ)证明:对于数列及其“陪伴数列”,
因为 ,
,
,
……
,
将上述几个等式中的第这4个式子都乘以,相加得即可证明.
(Ⅲ)证明: 因为 ,
,
,
……
,
由于为偶数,将上述个等式中的第这个式子都乘以,相加即可证明
试题解析:(Ⅰ)解:.
(Ⅱ)证明:对于数列及其“陪伴数列”,
因为 ,
,
,
……
,
将上述几个等式中的第这4个式子都乘以,
相加得
即
故
所以成等差数列.
(Ⅲ)证明: 因为 ,
,
,
……
,
由于为偶数,将上述个等式中的第这个式子都乘以,相加得
即,.
15、
已知椭圆的左焦点为,左顶点为,离心率为,点满足条件.
(Ⅰ)求实数的值;
(Ⅱ)设过点的直线与椭圆交于两点,记和的面积分别为,证明:.
(1);(2)见解析.
试题分析:(Ⅰ)求出,利用求的值;
(Ⅱ)方法一:分类讨论,设出直线方程代入椭圆方程,利用韦达定理证明,求出面积,即可得出结论;
方法二:依题意可设直线的方程为:,代入椭圆方程,利用韦达定理证明,求出面积,即可得出结论;
试题解析:(Ⅰ)椭圆的标准方程为:
∴,
则,
∵,解得
(Ⅱ)方法一:
①若直线的斜率不存在,则,,符合题意
②若直线的斜率存在,因为左焦点,则可设直线的方程为:,
并设.
联立方程组,消去得:
∴,
∵
∴
∵,
∴
方法二:依题意可设直线的方程为:,并设.—5分
联立方程组,消去,得
∴,
∵
∴
∵,
∴
16、
已知函数,其中.
(Ⅰ)当时,求曲线在点处的切线方程;
(Ⅱ)若不等式在定义域内恒成立,求实数的取值范围.
(1);(2).
试题分析:)当时,,,求出,
利用直线方程的点斜式可求求曲线在点处的切线方程;
(Ⅱ)函数定义域为,且
对进行分类讨论,可求实数的取值范围.
试题解析:(Ⅰ)当时,
∴
则,又
∴曲线在点处的切线方程为:
(Ⅱ)函数定义域为,且
下面对实数进行讨论:
①当时,恒成立,满足条件
②当时,由解得,从而知
函数在内递增;同理函数在内递减,
因此在处取得最小值
∴,
解得
综上:当时,不等式在定义域内恒成立.
17、
如图,在正三棱柱中,侧棱长和底面边长均为1,是的中点.
(Ⅰ)求证:∥平面;
(Ⅱ)求与平面 所成角的正弦值;
(Ⅲ)试问线段上是否存在点,使?若存在,求 的值,若不存在,说明理由.
(1)见解析;(2);(3)见解析.
试题分析:(Ⅰ)连结交于点O,连结OD,则OD是的一条中位线,则
∥OD ,即可证明 ∥平面
(Ⅱ)以点D为坐标原点,DB所在直线为X轴,AD所在直线为Y轴,垂直于面ABC的直线为Z轴,建立空间直角坐标系,求出及平面ADC1的一个法向量一个法向量,即可求出与平面 所成角的正弦值;
(Ⅲ)假设点E在线段上,使,不妨设(),通过 (1) (2)求得不相等,故这样的点E不存在..
试题解析:(Ⅰ)连结交于点O,连结OD
交于点O O是的中点
又 是的中点 OD是的一条中位线
∥OD 又
∥平面
(Ⅱ)以点D为坐标原点,DB所在直线为X轴,AD所在直线为Y轴,垂直于面ABC的直线为Z轴,建立空间直角坐标系,则D(0,0,0),A(0,,0),C(,0,0)
在平面ADC1中,(0,,0),
设为平面ADC1的一个法向量,则有,即
不妨令,则,,所以
又,则
设与平面所成角为,则==
与平面所成角的正弦值为.
(Ⅲ)假设点E在线段上,使
不妨设()
,
在平面ADC1中,(0,,0),
(1) (2)
由(1)可解得 又(2)可解得,(1)与(2)矛盾,所以这样的点E不存在.
18、
2018年2月25日第23届冬季奥运会在韩国平昌闭幕,中国以1金6银2铜的成绩结束本次冬奥会的征程.某校体育爱好者协会在高三年级某班进行了“本届冬奥会中国队表现”的满意度调查(结果只有“满意”和“不满意”两种),按分层抽样从被调查的学生中随机抽取了11人,具体的调查结果如下表:
某班 | 满意 | 不满意 |
男生 | 2 | 3 |
女生 | 4 | 2 |
(Ⅰ)若该班女生人数比男生人数多4人,求该班男生人数和女生人数
(Ⅱ)在该班全体学生中随机抽取一名学生,由以上统计数据估计该生持满意态度的概率;
(Ⅲ)若从该班调查对象中随机选取2人进行追踪调查,记选中的2人中对“本届冬奥会中国队表现”满意的人数为,求随机变量的分布列及其数学期望.
(1)见解析;(2);(3)见解析.
又由分层抽样可知,(2)联立(1)(2)可解得X,Y.
(Ⅱ)设该生持满意态度为事件A则由古典概型可求;
(Ⅲ)的可能取值有0,1,2,则由超几何分布可求的分布列及其数学期望.
试题解析:(Ⅰ)不妨设女生人数为X,男生人数为Y,则可得X-Y=4 (1)
又由分层抽样可知,(2)
联立(1)(2)可解得X=24,Y=20.
(Ⅱ)设该生持满意态度为事件A,则基本事件的总数有11种,事件A中包含的基本事件有6种,所以
(Ⅲ)的可能取值有0,1,2
对应的事件为从该班11名调查对象中抽取2人,2人中恰好有0人持满意态度
基本事件的总数为=55,其中包含的基本事件数有种
所以
同理:,
所以分布列为:
0 | 1 | 2 | |
P |
所以期望
19、
在中,内角所对的边分别为.已知,,的面积为9.
(Ⅰ)求的值; (Ⅱ)求及的值.
(1);(2)见解析.
试题分析:(Ⅰ)由的面积,可以得到.
又因为,所以同角三角函数基本关系式可求.
(Ⅱ)由(Ⅰ)知在中,由余弦定理得.
再由正弦定理可求的值.
试题解析:(Ⅰ)因为的面积,所以,所以.
因为,所以.
(Ⅱ)由(Ⅰ)知在中,由余弦定理得,
所以.
又因为,
所以在中,由正弦定理得.