B,D

解：对O点受力分析，受三个拉力，其中物体对O点的拉力 F=mg，保持不变．如图．

根据平衡条件知，O点的合力为零，将两个拉力合成，与F平衡，

从图中可以看出，OB绳子的拉力先先变小后变大，OA绳子的拉力一直变小，故BD正确，AC错误．

故选：BD

A,B,D

解：A、由图可知，小球下落到0.5s时的速度最大，最大速度为5m/s；故A正确；

BC、由图可知，在0.5s﹣0.8s内小球反弹，反弹后的最大高度为 h= m=0.45m．故B正确，C错误；

D、根据v﹣t图象与时间轴围成的面积表示物体通过的位移，可得，全过程小球的位移大小为 x= ﹣ =0.8m，故D正确．

故选：ABD

【考点精析】利用自由落体运动和V-t图象对题目进行判断即可得到答案，需要熟知（1）条件:初速度为零，只受重力作用；（2）性质:是一种初速为零的匀加速直线运动，a=g；v-t图像：①在速度图像中，可以读出物体在任何时刻的速度；②在速度图像中，物体在一段时间内的位移大小等于物体的速度图像与这段时间轴所围面积的值；③在速度图像中，物体在任意时刻的加速度就是速度图像上所对应的点的切线的斜率；④图线与横轴交叉，表示物体运动的速度反向；⑤图线是直线表示物体做匀变速直线运动或匀速直线运动;图线是曲线表示物体做变加速运动．

C

解：对1分析，弹簧的弹力F=mg．

撤去木板的瞬间，弹簧的弹力不变，木块1所受的合力仍然为零，则加速度a1=0．

对木块2，根据牛顿第二定律得， ．故C正确，A、B、D错误．

故选：C．

B

解：当加速度的方向与速度方向相同，加速度减小，速度逐渐增大，当加速度减小为零，速度达到最大，由于速度的方向不变，位移一直增大，故B正确，ACD错误．

故选：B．

【考点精析】利用加速度对题目进行判断即可得到答案，需要熟知加速度与速度无关.只要速度在变化，无论速度大小，都有加速度;只要速度不变化（匀速），无论速度多大，加速度总是零;只要速度变化快，无论速度是大、是小或是零，物体加速度就大；方向与速度变化Δv的方向一致，但不一定与v的方向一致．

A

解：对物体分析可知，物体受地面的重力和支持力的作用，由于水平方向不受外力，故如果墙面对球有弹力的话，球不能保持静止，故不受水平方向上的弹力，故A正确，BCD错误．

故选：A．

【考点精析】解答此题的关键在于理解重力的相关知识，掌握重力是由于地球对物体的吸引而产生的；重力的大小:地球表面G=mg；重力的方向:竖直向下（不一定指向地心）；重心:物体的各部分所受重力合力的作用点，物体的重心不一定在物体上，以及对静摩擦力的理解，了解静摩擦力:静摩擦力大小可在0与fmax 之间变化，一般应根据物体的运动状态由平衡条件或牛顿定律来求解．

B

解：A、物体的运动与否不需要力来维持，物体不受力时，可以靠惯性继续运动，故A错误；

B、如果要改变物体的运动状态，必须受到力的作用，而且还是非平衡力作用，故B正确；

C、物体受到的合外力恒定且不为零时，物体的运动状态一定改变，故C错误；

D、物体受到与运动方向相同且逐渐减小的合外力作用，物体做加速度逐渐减小的变加速运动，物体的速度将逐渐增大，故D错误．

故选：B

D

解：A、若F1和F2大小不变，θ角越大，合力F越小，故A错误；

B、二力平衡时，合力为零，此时合力F比分力中的任何一个力都小，故B错误；

C、由力的合成方法可知，两力合力的范围|F1﹣F2|≤F合≤F1+F2 ， 所以合力有可能大于任一分力，也可能小于任一分力，还可能与两个分力都相等，故C错误；D正确；

故选：D．

【考点精析】利用力的合成对题目进行判断即可得到答案，需要熟知求几个已知力的合力，叫做力的合成；共点的两个力（F 1 和F 2 ）合力大小F的取值范围为:|F 1 -F 2 |≤F≤F 1 +F 2．

B

解：A、用质点来代替物体的方法叫等效替代法，故A错误；

B、伽利略首先建立起来的平均速度，瞬时速度以及加速度等概念，故B正确；

C、力的概念是由伽利略建立的，故C错误；

D、自然界的四个基本相互作用是：万有引力、电磁相互作用、强相互作、弱相互作用，故D错误；

故选：B

C、E、F

解：A、细线的作用是能显示出力的方向，所以不必须等长．故A错误；

B、两细线拉橡皮条时，只要确保拉到同一点即可，不一定橡皮条要在两细线的夹角平分线上．故B错误；

C、在拉弹簧秤时必须要求弹簧秤与木板平面平行，否则会影响力的大小．故C正确；

D、只要弹簧秤有示数即可，并不一定要相等．故D错误；

E、为了方便做平行四边形，则两个分力间的夹角不宜太大，也不宜太小，故E正确；

F、实验之前要校零，应将两弹簧秤对拉，保证对拉时两弹簧秤示数相等，故F正确．

故选：CEF

（1）

解：物体M处于平衡状态，与物体相连的轻绳拉力大小等于物体的重力，取C点为研究对象，进行受力分析，如图所示．

由平衡条件有：

FACsin 30°=FCD=Mg

可得 FAC=2Mg=2×10×10 N=20 N

（2）

解：由平衡方程得：

FACcos 30°﹣FC=0

得：FC=2Mgcos 30°= Mg≈17.3 N

方向水平向右

物体处于平衡状态，与物体相连的轻绳拉力大小等于物体的重力，取C点为研究对象，进行受力分析，根据共点力平衡条件列式求解．

【考点精析】本题主要考查了力的分解的相关知识点，需要掌握求一个已知力的分力，叫做力的分解（力的分解与力的合成互为逆运算）；在实际问题中，通常将已知力按力产生的实际作用效果分解;为方便某些问题的研究，在很多问题中都采用正交分解法才能正确解答此题．

（1）

解：取汽车行驶的初速度方向为正方向．

由公式v=v0+at可得，汽车刹车过程中的加速度为

a= = m/s2=﹣7.5 m/s2

汽车加速度的大小为7.5 m/s2

（2）

解：汽车从刹车到停止所经过的位移为

＜80m

故不会有安全问题

（3）

解：汽车做匀速直线运动的位移为

x0=v0t1=30×1 m=30 m

汽车做匀减速直线运动的位移为x=60 m

汽车停下的实际位移为

x′=x0+x=（30+60）m=90 m＞80m

故会有安全问题

（1）（2）这是一个运动过程：匀减速直线运动，末速度为零．用逆向思维法，转化为初速度为零的匀加速直线运动，可简化运算．（3）在（1）（2）增加了匀速直线运动．只需抓住速度的关系：匀速运动的速度是匀减速直线运动的初速度，匀速的速度为30m/s，位移x=vt求出．

【考点精析】利用匀变速直线运动的速度、位移、时间的关系对题目进行判断即可得到答案，需要熟知速度公式：V=V0+at；位移公式：s=v0t+1/2at2；速度位移公式：vt2-v02=2as；以上各式均为矢量式，应用时应规定正方向，然后把矢量化为代数量求解，通常选初速度方向为正方向，凡是跟正方向一致的取“+”值，跟正方向相反的取“-”值．

（1）

解：滑块先在斜面上做匀加速运动，然后在水平面上做匀减速运动，故滑块运动到B点时速度最大为vm，设滑块在斜面上运动的加速度大小为a1，

mgsin 37°=ma1

vm2=2a1•

解得：vm=3 m/s

（2）

解：滑块在水平面上运动的加速度大小为a2

μmg=ma2

vm2=2a2L

解得：μ=0.3

（3）

解：滑块在斜面上运动的时间为t1

vm=a1t1

得t1=0.5 s

由于t＞t1，滑块已经经过B点，做匀减速运动的时间为t﹣t1=0.5 s

设t=1.0 s时速度大小为v

v=vm﹣a2（t﹣t1）

解得：v=1.5 m/s

（1）滑块在斜面上时，对其受力分析，受到重力、支持力和摩擦力，根据牛顿第二定律列式求解出加速度，再根据运动学公式计算末速度；（2）对减速过程运用牛顿第二定律列式，再运用速度位移公式列式，最后联立方程组求解；（3）先判断加速时间，再根据速度时间关系公式求解t=1.0s时速度的大小．

【考点精析】根据题目的已知条件，利用匀变速直线运动的速度、位移、时间的关系的相关知识可以得到问题的答案，需要掌握速度公式：V=V0+at；位移公式：s=v0t+1/2at2；速度位移公式：vt2-v02=2as；以上各式均为矢量式，应用时应规定正方向，然后把矢量化为代数量求解，通常选初速度方向为正方向，凡是跟正方向一致的取“+”值，跟正方向相反的取“-”值．